抽象代数习题(18) – 理想和环同态

《抽象代数》第十八章讲的几个概念和群论中的概念相对应:

  • 子群 ↔ 子环
  • 正规子群 ↔ 理想 (ideal)
  • 群同态 ↔ 环同态

A. 子环的例子

B.3 证明 {x2y : x,y ∈ ℤ} 是 ℝ 的子环。

证明 设这个环是 H。则 0 ∈ H ⊂ ℝ。这表明 H 非空。

设 a,b ∈ H,那么 a=x₁2y₁, b = x₂2y₂。 不失一般性,设 y₁ ≤ y₂,那么 b = x₂2y₂-y₁2y₁

于是有 a-b = (x₁ - x₂y₂-y₁)2y₁。 因为 (x₁ - x₂y₂-y₁) ∈ ℤ,y₁ ∈ ℤ,所以 a-b ∈ H。

另一方面,ab = ba = x₁x₂2y₁+y₂,所以 ab ∈ H。

这说明 H 对减法和乘法都封闭。所以 H 是 ℝ 的子环。


B.4C(R)RR 上所有在 (,) 上连续的函数构成的集合,D(R)RR 上所有在 (,) 上可导的函数构成的集合。证明 C(R)D(R) 都是 F(R) 的子环。

证明 显然它们都是非空集合。

根据微积分学知识,连续(可导)函数的差和积都是连续(可导)函数。 这说明了 C(R)C(R) 各自对减法和乘法封闭。 因此,它们各自都是 F(R) 的子环。

B. 理想的例子

B.1 找出 ℤ 的理想,并解释:{(n,n) : n ∈ ℤ}; {(5n,0) : n ∈ ℤ}; {(n,m) : n+m 是偶数}; {(n,m) : nm 是偶数}; {(2n,3m) : n,m ∈ ℤ}。

  1. {(n,n) : n ∈ ℤ} 不是理想。反例:(1,1) (1,2) = (1,2)。
  2. {(5n,0) : n ∈ ℤ} 是理想。因为它对减法封闭,并且对任意 (5n,0) 和 (a,b),乘积为 (5(an), 0)。
  3. {(n,m) : n+m 是偶数} 不是理想。反例:(1,1) (1,2) = (1,2)。
  4. {(n,m) : nm 是偶数} 是理想。因为它对减法封闭,并且对于任意 (n,m) 和 (a,b),乘积为 (na,mb),这里 (na)(mb) = nm(ab) 是偶数。
  5. {(2n,3m) : n,m ∈ ℤ} 是理想。因为它对减法封闭,并且对于任意 (2n,3m) 和 (a,b),乘积为 (2(na),3(mb))。

B.2 解释为什么 ℤ 的任意子环都是理想。

设 H 是 ℤ 的子环。设 x ∈ H, y ∈ ℤ。

  1. 如果 y = 0,则根据子环必有零元可知 xy = yx = 0 ∈ H。
  2. 如果 y > 0,那么 yx = xy = y 个 x 相加。根据子环对加法封闭可知,yx,xy ∈ H。
  3. 如果 y < 0,那么 -y > 0。根据子环对加法逆元封闭可知 -x ∈ H,类比第 2 条的推理可知 yx,yx ∈ H。

综上所述,不论如何总有 xy,yx ∈ H,这说明 H 是 ℤ 的理想。

这个特性是由整数集将乘法定义为“重复的加法”决定的。一般的环并不要求乘法和加法之间有如此特别的关系。

C. 子环的基本性质

C.1 求证:环 A 的非空子集 B 对加法和逆元封闭当且仅当 B 对减法封闭。

证明

(充分性)设 x,y ∈ B。根据 B 对减法封闭,得 0 = x - x ∈ B。进一步有 -x = 0 - x ∈ B。这说明 B 对逆元封闭。 又因为 y + x = y - (-x) ∈ B,所以 B 对加法也封闭。

(必要性)设 x,y ∈ B。根据 B 对逆元封闭,得 -y ∈ B。又根据 B 对加法封闭,有 x - y = x + (-y) ∈ B。这说明 B 对减法封闭。


C.4 求证:如果整环 A 的子环 B 含 1,那么 B 是整环。

证明 B 是整环需要满足三个条件:

  1. 含单位元(已知条件)。
  2. 乘法满足交换律(继承自 A)。
  3. 消去律成立。这个条件等价于不含零因子。因为 A 中没有零因子,所以 B 中一定没有零因子。

三个条件均满足,所以 B 是整环。


C.5 每个域的含 1 的子环都是整环。

证明 域是整环。根据 C.4 立即得出结论。


C.8 设 A 是环,f: A → A 是环同态,B = {x ∈ A : f(x) = x}。证明 B 是 A 的子环。

证明 显然 0 ∈ B ⊆ A。

设 x,y ∈ B,那么 f(x-y) = f(x+(-y)) = f(x) + f(-y) = x + (-y) = x-y。因此 x-y ∈ B。这说明 B 对减法封闭。

另一方面,f(xy) = f(x)f(y) = xy。同理 f(yx) = yx。因此 xy, yx ∈ B。这说明 B 对乘法封闭。

综上所述,B 是 A 的子环。


C.9 环 A 的中心 (center) 指的是所有的 a ∈ A,满足 ax = xa 对任意 x ∈ A 恒成立。证明 A 的中心是 A 的子环。

证明 记 A 的中心为 Z(A)。显然 0 ∈ Z(A) ⊆ A。

设 a,b ∈ Z(A),那么对任意 x ∈ A,有 (a-b)x = ax - bx = xa - xb = x(a-b)。因此 Z(A) 对减法封闭。

另一方面,abx = axb = xab;bax = bxa = xba。这说明 Z(A) 对乘法封闭。

综上所述,Z(A) 是 A 的子环。

D. 理想的基本性质

D.2 如果 A 是含单位元的环,证明 J 是 A 的理想当且仅当 J 对加法封闭并且 J 在 A 中吸收乘法。

证明 只须证明充分性即可;必要性根据理想的定义可以直接得到。

J 是 A 的理想需满足如下条件:

  1. J 对加法封闭。
  2. J 对加法逆元封闭。
  3. J 在 A 中吸收乘法。

其中 1 和 3 均为已知条件,因此只须证明 2 即可。

设 a ∈ J,则根据 J 在 A 中吸收乘法可知对任意 x ∈ A,有 ax, xa ∈ A。 取 x = -1,得 -a ∈ A。这说明 J 对加法逆元封闭。


D.4 求证:如果 J 是 A 的理想且 1 ∈ J,那么 J = A。

证明 只须证明 A ⊆ J 即可。

设 a ∈ J。根据 J 是 A 的理想可知,ax ∈ J 对任意 x ∈ A 都成立。 当 a = 1 时,对任意 x ∈ A 都有 x ∈ J。这表明 A ⊆ J。


D.5 求证:如果 J 是 A 的理想,并且 J 包含 A 中的可逆元素 a,那么 J = A。

证明 根据 J 是 A 的理想可知,ax ∈ J 对任意 x ∈ A 都成立。 取 x 为 a 的逆元,则 ax = 1,于是 1 ∈ J。由 C.4 可知 J = A。


D.6 说明域 F 不可能有非平凡理想(即,除了 {0} 和 F 外没有其他理想)。

设 I 是 F 的理想,且含有非零元素 x。因为 x ∈ F,所以 x 可逆。根据 D.5 可知 I = F。

E. 同态的例子

证明下列函数是环同态,并指出它们的核和值域。

E.1 ϕ:F(R)R 定义为 ϕ(f)=f(0)

证明f,gF(R),则 ϕ(f+g)=(f+g)(0)=f(0)+g(0)=ϕ(f)+ϕ(g)ϕ(fg)=(fg)(0)=f(0)g(0)=ϕ(f)ϕ(g) 所以 ϕ 是环同态。它的核是 {fF(R):f(0)=0}。 它的值域是 R


E.2 h:R×RR 定义为 h(x,y)=x

证明(x1,y1),(x2,y2)R×R,则 h(x1+x2,y1+y2)=x1+x2=h(x1,y1)+h(x2,y2)h(x1x2,y1y2)=x1x2=h(x1,y1)h(x2,y2) 所以 h 是环同态。它的核是 {(0,y):yR}。 它的值域是 R


E.5A 是集合 R×R 附带通常的加法运算以及如下定义的“乘法”运算: (a,b)(c,d)=(ac,bc) 默认 A 是环,考虑函数 f:AM2(R) 定义为 f(x,y)=(x0y0)

证明(x1,y1),(x2,y2)R×R,则 f(x1+x2,y1+y2)=(x1+x20y1+y20)=f(x1,y1)+f(x2,y2)h(x1x2,y1x2)=(x1x20y1x20)=(x10y10)(x20y20)=h(x1,y1)h(x2,y2) 所以 f 是环同态。它的核是 {(0,0)}。 它的值域是 {(x0y0):x,yR}

F. 同态的基本性质

AB 是环,f:AB 是同态。证明下列命题。

F.1 f(A)={f(x):xA}B 的子环。

证明 显然 0f(A)B

y1,y2f(A),则存在 x1,x2A 使得 y1=f(x1), y2=f(x2)。 根据同态的性质,y1y2=f(x1)f(x2)=f(x1x2)。因为 x1x2A,所以 y1y2f(A)。这说明 f(A) 对减法封闭。

另一方面,y1y2=f(x1)f(x2)=f(x1x2)。因为 x1x2A,所以 y1y2f(A)。这说明 f(A) 对乘法封闭。

综上所述,f(A)B 的子环。


F.2 f 的核是 A 的理想。

证明f 的核为 K={xA:f(x)=0}

显然 0KA

a,bK,则 f(ab)=f(a)f(b)=00=0 所以 (ab)K。这表明 K 对减法封闭。

对任意 xA,有 f(ax)=f(a)f(x)=0f(x)=0 所以 axK。同理可证 xaK。这表明 K 对乘法封闭。

综上所述,KA 的理想。


F.4 f 是单射当且仅当它的核是 {0}

证明

(充分性)设 x,yAf(x)=f(y)。则 f(xy)=f(x)f(y)=0f 的核为 {0},则只能是 xy=0。 因此 x=y。这说明 f 是单射。

(必要性)设 f 的核是 K。易知 f(0)=0,因此 0K。 设 xK,那么根据核的定义有 f(x)=0 又因为 f 是单射,则只能是 x=0。 这说明 K={0}


F.5B 是整环,则或者 f(1)=1 或者 f(1)=0

  • 如果 f(1)=0,则对任意 xAf(x)=0
  • 如果 f(1)=1,则 A 中任意可逆元素的像都是 B 中的可逆元素。

证明xA,则 f(x)=f(1x)=f(1)f(x) 接下来需要分类讨论。

  1. 如果存在 xA 使得 f(x)0,那么根据 B 是整环,消去 f(x)f(1)=1
  2. 否则,对于任意 xA 都有 f(x)=0。取 x=1f(1)=0

总之,f(1)=1f(1)=0 必有一个成立。

f(1)=1 时,取可逆元素 aA,有 f(a)f(a1)=f(aa1)=f(1)=1 这说明 a 的像 f(a)B 中可逆,且逆元为 f(a1)


F.6 交换环在同态下的像都是交换环。域在同态下的像都是域。

证明A 为交换环。根据 F.1 知 f(A) 是环。f(A) 满足乘法交换律,因为对于任意 x,yA,有 f(x)f(y)=f(xy)=f(yx)=f(y)f(x) 因此 f(A) 是交换环。

F 为域。根据 F.1 知 f(F) 是环。f(F) 满足乘法交换律(同上;域是交换环的特例)。对于任意的 xF{0}f(x) 都有乘法逆元,证明已经由 F.5 给出(域是整环的特例)。所以 f(F) 是域。


F.7 如果同态 f 的定义域 (domain) A 是域 (field),且 f 的值域 (range) 有不止一个元素,则 f 是单射。

证明 由 F.2 知 f 的核为 A 的理想。因为 A 是域,根据 D.4,它只有平凡理想 {0}A 本身。 假设 f 的核为 A,则对任意 xA 都有 f(x)=0,从而 f 的值域只有一个元素 0,和已知条件矛盾。所以只可能是 f 的核为 {0}。根据 F.4 可知 f 是单射。

G. 同构的例子

G.1A 是第十七章练习 A.2 中的环。证明函数 f(x)=x1QA 的同构,即有 QA

说明 A.2 中的环 AQ 中的元素和如下定义的加法和乘法运算构成: ab=a+b+1ab=ab+a+b

证明 显然有 f1(x)=x+1,因此 f 是双射。

x,yQ,则 f(x)f(y)=(x1)(y1)=(x1)+(y1)+1=x+y1=f(x+y)f(x)f(y)=(x1)(y1)=(x1)(y1)+(x1)+(y1)=xy1=f(xy) 所以 fQA 的同构。


G.2S 是集合 M2(R) 的子集,定义如下: S={(abba):a,bR} 证明函数 f(a+bi)=(abba)CS 的同构。

证明 不难证明 f 是良定义的。 设 z1,z2C,并写成实部 + 虚部的形式: z1=x1+y1i,z2=x2+y2iz1+z2=(x1+x2)+(y1+y2)iz1z2=(x1x2y1y2)+(x1y2+x2y1)i

根据 f(z1)+f(z2)=(x1y1y1x1)+(x2y2y2x2)=(x1+x2y1+y2(y1+y2)x1+x2)=f(z1+z2)f(z1)f(z2)=(x1y1y1x1)(x2y2y2x2)=(x1x2y1y2x1y2+x2y1(x1y2+x2y1)x1x2y1y2)=f(z1z2) 所以 fCS 的同态。要证明它是同构,只须证明它是双射即可。

f(z1)=f(z2),那么 (x1y1y1x1)=(x2y2y2x2) 按照矩阵相等的法则,有 x1=x2,y1=y2 按照复数相等的法则可知 z1=z2。所以 f 是单射。

另一方面,对于任意 S 中的元素 (abba),都有复数 (a+bi) 与之对应。因此 f 是满射。

综上所述,fCS 的同态,又是双射,所以是 CS 的同构。


G.5 证明 Z2Z;然后证明 2Z3Z。最后,解释为什么当 kl 时有 kZlZ

证明

Z 中有乘法单位元 1,而 2Z 中没有。所以它们不可能同构。

考虑方程 x+x=ax。存在 a2Z 使得方程对任意 x2Z 恒成立(事实上,a=2)。但在 3Z 中不存在具备同样性质的元素。所以它们不可能同构。

如果 k,l 中一个为零,另一个不为零。则显然 kZlZ 中有一个是平凡环 {0},只有一个元素,另一个有无穷个元素。所以两者不可能同构。

因为 nZnZ,所以也不用考虑负数的情况。不失一般性,设 0<k<l。假设 kZlZ,那么存在 f:kZlZ 是同构。

lZ 中的一个非零元素 x,那么 f1(x)++f1(x)k=kf1(x) 两边应用 fx++xk=f(k)x 这里 x,f(k)lZZ。在 Z 中此方程等价于 kx=f(k)x 因为 x0,由消去律得 f(k)=k。但这是不可能的,因为 lZ 中的最小正整数是 l>k,所以 klZ。这个矛盾表明假设不成立,所以 kZlZ

这里仍然和整数集中乘法被定义为“重复的加法”有关。因为这样的定义,可以通过重复的加法引入任意的正整数作为乘数。

H. 理想的更多性质

A 是环,JKA 的理想。

证明 1–4。(在 2–4 中假定A 是交换环。)

H.1 如果 JK={0},则对任意 jJkK 都有 jk=0

证明 因为 JA 的理想,而 kKA,所以 jkJ。 同理可证 jkK。这说明 jk(JK)。而 JK={0},所以只可能是 jk=0


H.2 对于任意 aAIa={ax+j+k:xA,jJ,kK}A 的理想。

证明 显然 0IaA

i1,i2Ia,则存在 x1,x2A, j1,j2J, k1,k2K 使得 i1=ax1+j1+k1,i2=ax2+j2+k2 相减得 i1i2=a(x1x2)+(j1j2)+(k1k2) 根据 A, J, K 对减法的封闭性可知 (i1i2)Ia。所以 Ia 对减法封闭。

另一方面,对任意 xA,有 i1x=ax1x+j1x+k1x 根据 A 对乘法封闭、JK 分别在 A 中吸收乘法可知 i1xIa。 因为 A 是交换环,所以 xi1=i1xIa。所以 IaA 中吸收乘法。

综上所述,IaA 的理想。


H.3 J方根 (radical) 指集合 radJ={aA:nZ,anJ}。 对于任意理想 JradJA 的理想。

证明 显然 0radJA

a,bradJ,则存在 n,mZ 使得 an,bmJ。 因为 A 是交换环,可以使用二项式定理: ()(ab)n+m=k=0n+m(n+mk)an+mk(b)k

  • 0k<m 时,n+mk>n,所以 an+mk=anamk。因为 anJJ 是理想(吸收乘法),所以 an+mk=anamkJ
  • km 时,(b)k=±bmbkm,当 k 为奇数时取负号,偶数时取正号。 因为 bmJJ 是理想(吸收乘法、对加法逆元封闭),所以 (b)k=±bmbkmJ

总之,an+mk(b)k 中至少有一个是 J 的元素。由 J 是理想(吸收乘法、对加法封闭)可知,() 中右侧求和式中的每一项都是 J 的元素,因此求和结果也是 J 的元素。 这说明存在 (n+m)Z 使得 (ab)n+mJ,所以 (ab)radJ。 所以 radJ 对减法封闭。

另一方面,对于任意 xA(ax)n=anxnanJ,根据 J 是理想(吸收乘法)可知 (ax)nJ。这表明 axradJ。 因为 A 是交换环,所以 xa=axradJ。所以 radJA 中吸收乘法。

综上所述,radJA 的理想。


H.4 对于任意 aA{xA:ax=0} 是理想(称为 a零化子 (annihilator))。 此外,{xA:aA,ax=0} 是理想(称为 A零化理想 (annihilating ideal))。 如果 A 是含单位元的环,它的零化理想等于 {0}

证明(零化子、零化理想) 容易验证它们都是非空子集、都对减法封闭、都吸收乘法,因此它们都是理想。具体过程略。

证明(含单位元的环)x 是零化理想中的元素。则对于任意 aA,都有 ax=0 成立。因为 A 含单位元,在上式中取 a=11x=0x=0 所以凡是零化理想中的元素都是 0,即零化理想为 {0}


H.5 证明 {0}AA 的理想。(它们是平凡理想A 的所有其他理想是真理想)。 理想 J 被称为极大的 (maximal),如果它不被任何严格更大的真理想所包含:也就是说,如果 JK,其中 K 是理想且包含某个 J 中没有的元素,那么一定有 K=A。证明下面一个极大理想的例子:在 F(R) 中,理想 J={f:f(0)=0}

证明(平凡理想) 容易验证平凡理想都是非空子集、都对减法封闭、都吸收乘法,因此它们都是理想。具体过程略。

证明(极大理想)KF(R) 的理想且 JK。那么存在 gKgJ。于是有 g(0)0

定义 h(x)=g(x)g(0),则 h(0)=0。于是 hJ,所以 hK。 根据理想对减法封闭可知,(gh)K。而 (gh)(x)=g(0)0。这意味着 (gh) 可逆,且逆元由 (gh)1(x)=1/g(0) 定义。

根据 D.5,因为 K 中含有可逆元素,所以 K=A。这就证明了 J 是极大理想。

I. 同态的更多性质

AB 是环。证明下列命题。

I.1 如果 f:AB同态且核为 K,并且 JA 的理想且 KJ,那么 f(J)B 的理想。

证明 显然 f(J)B。因为 KJ,所以 0f(J)。这说明 f(J)B 的非空子集。

y1,y2f(J),则存在 x1,x2J 使得 y1=f(x1),y2=f(x2) 那么 y1y2=f(x1)f(x2)=f(x1x2) 因为 J 是理想(对减法封闭),所以 (x1x2)J。于是 y1y2=f(x1x2)f(J)。 这说明 f(J) 对减法封闭。

另一方面,对于任意 yB,因为 f 是满射,所以存在 xA 使得 f(x)=y。 那么 y1y=f(x1)f(x)=f(x1x) 因为 J 是理想(吸收乘法),所以 x1xJ。于是 y1y=f(x1x)f(J)

综上所述,f(J)B 的理想。


I.2 如果 f:AB同态,并且 B 是域,那么 f 的核是极大理想。

证明Kf 的核。根据 F.2 可知 KA 的理想。 设 JA 的理想且 KJ。根据 I.1 得 f(J)B 的理想。

根据 D.6,因为 B 是域,所以它只有平凡理想 {0}B 本身。因为 JK,所以 f(J){0}。因此只可能是 f(J)=B

要证明 J=A,只须证明 AJ 即可。 设 xA,则 f(x)B。根据 f(J)=B 知存在 xJ 使得 f(x)=f(x)。 于是 f(xx)=f(x)f(x)=0 这说明 (xx)K,从而 (xx)J。因为 J 是理想(对减法封闭),所以有 x=[x(xx)]J 这说明 A 中任意元素都是 J 中的元素。所以 J=A

综上所述,不存在比 K 更大的真理想,所以 K 是极大理想。


I.3ZZ 不存在非平凡同态。[平凡同态是 f(x)=0f(x)=x。]

证明 考虑任意同态 f:ZZ 和任意非零元素 xZ

  • x>0 时, f(x)=f(1++1)x=f(1)++f(1)x=xf(1)
  • x<0 时,有 x>0f(x)=f(x)。因此,同样有 f(x)=xf(1)
  • x=0 时,根据同态性质可知 f(0)=0。所以 f(x)=xf(1) 也成立。

总之,不论 x 的取值,总有 f(x)=xf(1)

因为 Z 是整环,根据 F.5 知或者 f(1)=0 或者 f(1)=1。 这说明 ZZ 的同态只有平凡同态 f(x)=0f(x)=x


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